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25.(20分)解[文]:(1)撤去恒力F[章]之后,小物块受到重[来]力,斜面的支持力和[自]沿斜面向下的摩擦力[知]∥sln37°+a[嘛]nglos37=m[答]a1(1分)解得a[案]1=10m/s2([网]1分)小物块在BC[文]斜面上受重力,斜面[章]支持力和沿斜面向上[来]的摩擦力EngiN[自]37°- mungos37°[知]=ma2(1分)解[嘛]得a2=2m/s2[答](1分)(2)小物[案]块在恒力F作用下沿[网]AB斜面加速向上运[文]动时加速度为aF-[章]( gsin37°+ anglos37)[来]=ma(1分)设撤[自]去恒力F之后,小物[知]块经过时间△t到达[嘛]B点,由题意知道,[答]此时小物块速度为0[案]at1-a1·△t[网]=0(1分)两斜面[文]长度相等2+-a1[章]·(M2a2·(t[来]2=△-1)2(2[自]分)联立解得Δt=[知]0.5s,F=25[嘛]N(1分)(3)小[答]物块P滑到C点时速[案]度为vv=a2·([网]t12-△t-t1[文])(1分)两物块在[章]传送带的运动的加速[来]度均为a3a3=g[自]g(1分)保证两物[知]块在传送带上不相撞[嘛],临界条件是二者速[答]度相等且等于传送带[案]的速度时刚好相遇设[网]Q滑上传送带经时间[文]t3跟传送带共速,[章]则=v1-a3t2[来](2分)这段时间的[自]位移为x3x3=v[知]1t3-a3t(1[嘛]分)P经过t4跟传[答]送带共速=v-a2[案]t1(1分)之后追[网]赶Q,直到两者刚好[文]相遇,P在传送带上[章]的总位移为x42t[来]4+v(t3-14[自])(2分)传送带总[知]长为l,则1≥x3[嘛]+x4(2分)解得[答]l≥6.8m(1分[案])所以传送带的长度[网]至少要6.8m
8.(14分)(1[文])①+34kJ·m[章]ol-(2分)②催[来]化剂载体(2分)2[自]0.9%(2分)③[知]38.5%(2分)[嘛](2)①>([答]2分)温度升高,H[案]2S的平衡转化率增[网]大,平衡正向移动([文]2分)②温度升高,[章]反应速率加快,达到[来]平衡所需的时间缩短[自](2分,其他合理答[知]案也给分)【解析】[嘛](1)①由已知反应[答]I.H2S(g)+[案]CO(g)=COS[网](g)+H2(g)[文]△H=-7kJ·m[章]ol-l CO(g)+H, O(g)=H(g)[来]+CO (g) AH=-41 kJ. mol推知:I-Ⅱ[自]可得H2S(g)+[知]CO2(g)=CO[嘛]S(g)+H2O([答]g)△H=+34k[案]J·mol②由图中[网]数据和表中信息,催[文]化剂|、Ⅱ对比可知[章]影响COS选择性的[来]主要因素为催化剂载[自]体组成。由图中信息[知],在催化剂Ⅱ作用下[嘛],该时间段内H2S[答]的总转化率为22%[案]、COS选择性为9[网]5%则COS的产率[文]为22%×95%=[章]20.9%③设起始[来]充入的n(H2S)[自]和n(CO)均为a[知]mol,参加反应的[嘛]n(H2S)为rm[答]ol,由三行式计算[案]得平衡时H2S(g[网])、CO(g)、C[文]OS(g)、H2([章]g)的物质的量分别[来]为(a-x)mol[自]、(a-x)mol[知]、xmol、xmo[嘛]l。该反应为气体分[答]子总数不变的反应,[案]则反应的平衡常数K[网]=0.09,解得1[文]3,则HS的平衡体[章]积分数为-20×1[来]00%=38.5%[自](2)①由图中信息[知]知,温度升高,H2[嘛]S的平衡转化率增大[答],平衡正向移动,该[案]反应△H>0[网]②随着温度升高,反[文]应速率加快,非平衡[章]转化率逐渐接近平衡[来]转化率
