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16.(15分)([文]1)CuS+MnO[章],+4H-Mn+C[来]u+S+2H,O([自]3)2)将Fe"转化为Fe(OH)[知],除去(2分)(3[嘛])A(2分)使用碳[答]酸氢铵时会有二氧化[案]碳放出，导致碳元素[网]利用率低，且有液体[文]外溢的危险(3分)[章]》(4)加入蒸馏水[来]稀释至3moL~3[自].25molL,加[知]入适量2 mol-L"NaOH溶液，边搅[嘛]拌边逐滴加入铜氨溶[答]液，加热使其充分反[案]应，同时用2moL[网]硫酸吸收反应中放出[文]的NH,直至溶液中[章]无气泡产生，停止滴[来]加(5分)17.([自]16分)(1)阳极[知](2分)N,+6H[嘛]+6e一2NH,([答]3分)(2)①BC[案](2分)②提高苯的[网]利用率(2分)③氢[文]气在金属催化剂表面[章]转化为氢原子，氢原[来]子和苯分子吸附在催[自]化剂表面活性中心，[知]发生反应生成环己烷[嘛](3分)金属催化剂[答]会与H,S或CO反[案]应从而失去催化活性[网]或者H,S、CO导[文]致催化剂中毒而失去[章]催化活性(2分)④[来]b(2分)
故离子进入偏转电场[自]的时间范围为nT+[知]立T<≤从D[嘛]到P过程中根据动能[答]定理有3T(n=0[案],1,2,3,…）[网]-F2R=合m-号[文]m(2分)nT+3[章](2分)在D点根据[来]牛顿第二定律有11[自].(1)23N/C[知]gDB+FN-F=[嘛]m呢(2分)(2)[答](56-8√3)N[案](3)163头设联[网]立解得带电小球在D[文]点受到管道的支持力[章]大小mFN=(56[来]-8√3)N(1分[自])【解析】(1)小[知]球在管道内运动过程[嘛]中D和P两点由牛顿[答]第三定律可知带电小[案]球在D点对管道的压[网]间的动能改变量最大[文]，说明小球受到的合[章]外力方向力大小为([来]56-8√3)N([自]1分)沿DOP直线[知]，故带电小球带正电[嘛]，洛伦兹力和弹力([答]3)当小球从P点飞[案]出后立即撤去磁场，[网]小球做类方向均指向[文]圆心，故小球受到的[章]重力和电场力的合平[来]抛运动，建立平面直[自]角坐标系如图所示力[知]F沿轨道径向，即t[嘛]an0=Eg(2分[答])解得E=2√N/[案]C(1分)(2)带[网]电小球在P点恰好对[文]管道没有作用力，即[章]Fp=O,根据牛顿[来]第二定律有qpB十[自]F=m尺1(2分)[知]y=-a,z=pt[嘛],F=ma,tan[答]0==Wx2十y其[案]中，重力与电场力的[网]合力F=mgsin[文] 0(1分)(2分)[章]代入数据解得op=[来]4m/s或p=一2[自]m/s(舍去)(2[知]分)联立解得=16[嘛]V35m(1分)
