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大,但表头的各特征[文]量都不变.选项B、[章]D正确,A、C错误[来]24.解:(1)带[自]电粒子运动轨迹如图[知]所示由几何关系可知[嘛],三角形OMQ为等[答]边三角形,则带电粒[案]子在磁场中做匀速圆[网]周运动的半径为r=[文]√3d(1分)由牛[章]顿第二定律得qB=[来]m三(1分)解得v[自]=3 Bgd(1根据动能[知]定理得=2m3(分[嘛])解得加速电压的大[答]小U3B gd-(1分)8([案]2)带电粒子在磁场[网]中的运动周期T=([文]1分)带电粒子在磁[章]场中运动轨迹的圆心[来]角为60°,带电粒[自]子在磁场中运动的时[知]间为t1=÷T(1[嘛]分)Q点到y轴的距[答]离L=1d0s60[案]·(1分)带电粒子[网]从Q点运动到y轴的[文]时间1:=(1分)[章]带电粒子从Q点运动[来]到y轴的时间:=([自]1分)带电粒子从射[知]入磁场到运动至y轴[嘛]所用的时间t=1+[答]1(1分)解得(=[案](2x+Bm(2分[网])
22.(1)5.4[文](3分)(2)0.[章]49(3分)解析:[来](1)根据mg=k[自]x得m=上x,结合[知]图线斜率得k=50[嘛]×10×9.80N[答]/m=5.4Nmg[案](2)根据平衡条件[网]可知,弹簧的拉力等[文]于两细线的合力,根[章]据平行四边形定则及[来]勾股定理可得F√([自]40×10-×9.[知]80)2+(30×[嘛]10-1×9.80[答])2N=0.49N[案].
