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23.【答案】(1[文])甲(1分)小于([章]1分)(2)A2([来]2分)A2分)(3[自])2分)片几(2分[知])【关键能力】实验[嘛]探究能力、逻鲜推理[答]能力【解题思路】([案]1)R,的阻值约为[网]10，相对电流表的[文]内阻是小电阻，应采[章]用电流表外接法，选[来]用图甲电路误差较小[自]，由于电流测量值比[知]真实值大，故R,阻[嘛]值的测量值小于真实[答]值。(2)根据电路[案]图可知，通过b处电[网]流表的电流大于通过[文]a处屯流表的电流，[章]所以处应该接小量程[来]电流表，b处应该接[自]大量程电流表，a处[知]应该接电流表A2,[嘛]b处应该接电流表A[答]。(3)调节电阻箱[案]的阻值使人=2，则[网]流过R的电流也为，[文]Q处电流表内阻与电[章]阻箱串联后的总电阻[来]与R的阻值相同，可[自]知闭合S2后，流过[知]R的电流也为，则尾[嘛]=号。处电流表的内[答]阻为R,=R,-R[案]ol=Ts-Rg1[网]9
25.【关键能力】[文]逻辑推理能力、分析[章]综合能力【解题思路[来]】(1)作出粒子运[自]动的轨迹如图甲所示[知]，粒子在AM、VC[嘛]段做匀速直线运动，[答]在三角形内切圆磁场[案]区域做匀速圆周运动[网]，设轨迹圆圆心为O[文]1,根据儿何关系可[章]知，内切圆的半径，[来]=号。，粒了在内切[自]圆磁场区域做匀速圆[知]周运动的轨迹半径为[嘛]R,=a(1分)根[答]据洛伦滋力提供向心[案]力得mB,=m后1[网]分)解得v=(2分[文])Pd图甲(2)粒[章]子从P运动到A的过[来]程中，根据动能定理[自]得gEl=7m(1[知]分)可得电场强度E[嘛]=2n(1分)若将[答]电场强度变为原来的[案]。，则粒子从A点进[网]入三角形区德的寇度[文]变为原来的即号-二[章]粒子在圆形磁场区域[来]中运动的轨迹半径为[自]R,=号=号，粒子[知]在三角形区域之外做[嘛]圆周运动的轨迹半径[答]为儿号，作出粒子在[案]磁场中的运动轨迹如[网]图乙所示，设粒子在[文]磁场中运动轨迹圆的[章]圆心分别为20,、[来]0,在△0,0C中[自]，0,0=0.0，[知]C=3∠C=60°[嘛]根据余弦定理得0，[答]Q2=0,C2+Q[案]C2-20,C·Q[网]Cc0860(1分[文])解得0c-1“。[章](另-解合去2分)[来]即粒子从BC边上距[自]C点+。B。处第二[知]次进入三角形区域图[嘛]乙(3)作出粒子运[答]动的轨迹如图丙所示[案]，设在三角形之外磁[网]场区域内运动轨迹的[文]圆心为0.，根据9[章]wB2=元得儿咒-[来]2a1分)gB:由[自]此可知粒子恰好从B[知]点再次进入三角形区[嘛]域，能够回到A点，[答]且能够回到P点(1[案]分)粒子在圆形磁场[网]区域做匀速圆周运动[文]的时间为=120°[章]，2Tm=2mm([来]1分)360×gB[自]。-3gB[点拔：[知]可根摇粒子运动的对[嘛]称性求解时问]粒子[答]在无场区城内运动的[案]时间为一4(1分)[网]其中仙=。解得6经[文](1分)[点拔：可[章]根据粒子运动的对称[来]性求解时问]粒子在[自]无场区域内运动的时[知]间为-4(1分)其[嘛]中。解得61分)粒[答]子从B点进人三角形[案]区域，∠BO,C=[网]60°粒子在三角形[文]之外磁场区域内运动[章]的时间为=300°[来]、2mm_10rm[自]3606×gB23[知]gB。(2分)设粒[嘛]子在电场中运动的总[答]时间为t4,根据牛[案]顿第二定律得gE=[网]ma,(1分)根据[文]对称性可知粒子从P[章]运动到A的过程中运[来]动的时间为？根据匀[自]变速直线运动规律得[知]1=之·1分)解得[嘛]14=4m(1分)[答]qBoa粒了第一次[案]回到P点所经历的时[网]间{=+2++4-[文]4m(3ma+a+[章]3(1分)3qB.[来]a图丙
