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6.【答案】D解析[文]木块随圆盘一起转动[章],静摩擦力提供向心[来]力,而所需要的向心[自]力大小由物体的质量[知]、半径和角速度决定[嘛]。当圆盘转速增大时[答],提供的静摩擦力随[案]之而增大,当需要的[网]向心力大于最大静摩[文]擦力取物体开始滑动[章]。因此是否滑动与质[来]量无关本题的关键是[自]正确分析木块的受力[知],明确木块做圆周运[嘛]动摩擦力提供向心力[答],把握住临界条静摩[案]擦力达到最大,由牛[网]顿第二定律分析解答[文]解答】木块随圆盘一[章]起转动,静率擦力提[来]供向心力,由牛顿第[自]二定律得:木块所受[知]的静摩擦力f=mu[嘛]r,a和b的质量分[答]别是2m和m,而a[案]与转轴00的距离为[网]L,b与转轴的距离[文]为2L,所以开始时[章]a和b受到的摩擦力[来]是相等的;b受到的[自]静摩擦力先达到最大[知],故A错误在b的摩[嘛]擦力没有大前,静摩[答]擦力提供向牛顿第二[案]定律得:木块所受的[网]静摩擦力f=mT,[文]a和b的质量分别是[章]2m和a与转轴OO[来]的距离为L,b与转[自]轴的距离为2L,所[知]以开始时a和b受到[嘛]的摩擦力是相等的;[答]当b受到的静摩擦力[案]达到最大后,b受到[网]的摩擦力与绳子的拉[文]力的和提供向即:k[章]mg+F=m22L[来],而a的受力:f-[自]F=2mu,联立得[知]f=4m2L-km[嘛]g,可知二者受到的[答]摩擦力不一定相等,[案]故B错误C当b刚要[网]滑动时,有kmg+[文]kmg=2mo2L[章]+mu2L,解得:[来]故C错误时,此时b[自]所受摩擦力已达最受[知]摩擦力的大小为f”[嘛]=±m2L-kmg[答]=4m:32.L-[案]kmg故D正确故选[网]D
7.B【解析】带负[文]电的小球所受电场力[章]水平向左,因此电场[来]方向水平向右,A项[自]错误;带电小球在竖[知]直方向受重力作用做[嘛]匀减速运动,水平方[答]向受电场力作用做匀[案]加速运动,由运动学[网]公式有vy=v=g[文]t,v2=2v=a[章]tEm,可得E=2[来]mg,因此带电小球[自]所受电场力的大小是[知]其所受重力的2倍B[嘛]项正确;竖直成的位[答]移h=。t,水平方[案]向的位移x2ve=[网]vt,因此有x=2[文]h,对小球由动能定[章]理有qEx-mgh[来]=△E=2my2,[自]联立上式可解得电场[知]力做的功W=gEx[嘛]=2m2,因此电场[答]力做正功,电势能减[案]少了2m2,由W=[网]qU得qUN=2m[文]r2,解得M=-m[章],故C、D项错误
