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26.(共14分，[文]除标注外，每空2分[章])(1)c(2)N[来]aA102(1分)[自]Na,Si03(1[知]分)A102+H+[嘛]H20=A1(0H[答])3↓、Si0}+[案]2H=H2Si03[网]↓（或Si0号+2[文]H+H20—HSi[章]04↓)(3)防止[来]Cu被氧化防止Fe[自]O,被还原为铁单质[知]（或防止金属C山中[嘛]混入铁单质，合理即[答]可)(4)对比单独[案]的炭粉，电解铝工业[网]的废旧阴极炭块中含[文]有少量的NaF和C[章]aF2,有助于提高[来]熔融体的流动性(5[自])N2提高了高温熔[知]融体的流动性，有利[嘛]于Cu的沉降【命题[答]意图】本题考查化学[案]工艺流程，具体考查[网]流程分析、化学键类[文]型、离子方程式、试[章]剂的作用等，意在考[来]查考生的流程分析能[自]力及综合应用能力。[知]【解析】(1)A山[嘛]203属于过渡晶体[答]，晶体中的化学键既[案]不是纯粹的离子键，[网]也不是纯粹的共价键[文]，离子键的百分数为[章]41%，故答案为c[来]。(2)铜渣中只有[自]A山203和SiO[知]2可溶于NaOH溶[嘛]液，反应的化学方程[答]式为A山20，+2[案]NaOH 2NaAlO,H2[网]0 Si02 2NaOHNa2S[文]iO3+H20,则[章]“滤液”中的溶质有[来]NaOH、NaA1[自]O2和Na SiO,当pH=7[知]时，发生反应的离子[嘛]方程式为AI02+[答]H+H20=A1([案]0H)3↓，Si0[网]3+2HH2Si0[文]3↓（或Si03+[章]2H+H20=H4[来]Si04↓）。(3[自])N2是保护气，防[知]止生成的Cu被氧化[嘛]；由题给信息①知，[答]若废I旧阴极炭块添[案]加过多，则F,O,[网]会被还原为铁单质，[文]金属Cu的纯度会降[章]低。(4)由题干信[来]息可知，电解铝工业[自]的废旧阴极炭块中还[知]含有少量NaF和C[嘛]aF2,对比单独的[答]炭粉，可知NaF和[案]CaF2有助于提高[网]熔融体的流动性。([文]5)由题给信息②知[章]，N2与高温熔融体[来]混合会起到搅拌的作[自]用，从而增大高温熔[知]融体的流动性，结合[嘛]题干信息可知，提高[答]熔渣的流动性，有助[案]于Cu的沉降分离，[网]则“尾渣”的含铜量[文]会降低。
34.(1)ACD[章]【命题意图】本题通[来]过波形图和振动图像[自]考查机械波与机械振[知]动，意在考查考生的[嘛]推理论证能力。【解[答]析】由题图乙可知，[案]t=3s时质点M向[网]y轴正方向振动，结[文]合题图甲根据“同侧[章]法”可知，该简谐横[来]波沿x轴正方向传播[自]，A正确：由题图乙[知]可知该简谐横波的周[嘛]期T=48,则在3[答]~6s内质点M由平[案]衡位置开始振动子个[网]周期，故3~6。内[文]质点M通过的路程一[章]定等于振幅的3倍，[来]即6m,B错误：由[自]题图甲可知，质点M[知]和质点N间的距离为[嘛]半个波长，故质点M[答]和质点N的振动方向[案]始终相反，C正确；[网]由T2可得ω=牙，[文]结合题图乙可知质点[章]N的振动方程为y-[来]2血（受-2）D正[自]确：两列波的频率相[知]同，相遇时才能发生[嘛]干涉现象，该简谐横[答]波的频率为0.25[案]Hz,与频率为4H[网]z的简谐横波相遇时[文]不能发生干涉现象，[章]E错误(2(15摄[来](i)585业21[自]78c【命题意图】[知]本题考查光的折射和[嘛]反射，意在考查考生[答]的推理论证能力。【[案]解析】()设从P点[网]直接射到O'点的光线在端面bc[文]hg的入射角为i1[章],折射角为r1,另[来]一束经上表面反射后[自]从O'点射出的光线在端面[知]bchg的入射角为[嘛]i2,折射角为，2[答]。在O0'与P点决定的平面内[案]找出光源相对于反光[网]壁的镜像对称点C,[文]连接C、O',交反光壁于E点，[章]由P点射向E点的光[来]线反射后沿EO'射向O'点。画出两束光线的[自]光路图，如图所示。[知]设玻璃砖的折射率为[嘛]n,根据折射定律有[答]sin r sin rn=(2分)si[案]n i sin i由题意知r1+r[网]2=90(1分)1[文]解得n2sin'in+sini由几[章]何关系可得3L3s[来]in i=5(2分)4解[自]得n=517(1分[知])W178(i)由[嘛]几何关系可知c0-[答],4,平-L,Po[案]=√4心，号-1.[网]两束光线在玻璃砖中[文]的路程差c0-P0[章]'-5-(1分)光在[来]玻璃砖中的速度v=[自]。(1分)两束光线[知]到达0'点的时间差1=。([嘛]1分)解得t=(2[答]57-85)业(1[案]分)2/178c
