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1.D【解析】当P[文]点的电荷量为一q时[章]，根据电场的对称性[来]可得在O点的电场强[自]度为0，当P点的电[知]荷为十2q时，可看[嘛]作[一q+(+3q[答])门，故可视为两个[案]电场的叠加，故O点[网]的电场强度为0十k[文]是-，方向沿半径背[章]离P点，D项正确。[来]
11.【解析】(1[自])由图乙可知，当x[知]=0.3m时，点电[嘛]荷A对小球B的作用[答]力F1=k9=0.[案]018N(2分)解[网]得9=C=1×10[文]6C,带正电(2分[章])kQ(2)设在x[来]=0.3m处沿细杆[自]方向的电场强度大小[知]为E,则F合=F十[嘛]qE(1分)因此E[答]=,E1-1-0义[案]080181N/C[网]=31×10-6×[文]10N/C(2分)[章](3)由图乙可知，[来]小球B从x=0.4[自]m运动到x=0.6[知]m处合力做功的大小[嘛]W合=F△x=一0[答].004×(0.6[案]-0.4)J=-8[网]×10-4J(2分[文])qU=W合(1分[章])解得U=-800[来]V(2分)(4)由[自]图乙可知，小球从x[知]=0.16m到x=[嘛]0.2m处，电场力[答]做的功w,=0.0[案]30X(0,2-0[网].162J=6×1[文]0-4j2(2分)[章]小球从x=0.2m[来]到x=0.4m处，[自]电场力做的功w,=[知]-7md=-1.6[嘛]×10j(1分)小[答]球从x=0.4m到[案]x=0.8m处，电[网]场力做的功W3=-[文]0.004×(0.[章]8-0.4)J=-[来]1.6×10-3J[自](1分)由动能定理[知]可得W,十W2十W[嘛]3十F外s=0(2[答]分)解得s=0.0[案]65m(2分)
