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4.D对小球受力分[文]析，小球在水平面内[章]做匀速圆周运动，悬[来]线的拉力与小球重力[自]的合力充当向心力，[知]其方向-定沿水平方[嘛]向，悬线与竖直方向[答]的夹角9满足c0s[案]9=学，对物块由二[网]力平衡可得细线的拉[文]力T=Mg,综合可[章]得c0s日一得，所[来]以悬线与竖直方向的[自]夹角9是定值与角速[知]度“无关，选项A错[嘛]误：由力的合成，可[答]得球的合力F台=√[案](Mg)2一(mg[网])2大小不变，与角[文]速度w无关，选项B[章]错误；由牛顿第二定[来]律F合=maa,可[自]得向心加速度a,=[知]√g)二m8是定值[嘛]，由a,=m可得小[答]球的线速度与角速度[案]仙成反比，选项C错[网]误；小m球的动能E[文]=号m,结合a,=[章]号，可得E.=r,[来]小球的向心加速度a[自],是定值，则有Ec[知]7,即小球的动能与[嘛]匀速圆周运动的半径[答]成正比，选项D正确[案].
8.CD对电工匀加[网]速下滑过程，据一之[文]4后可得：电工匀加[章]速下滑时的加速度a[来]-穿-学m:=号m[自]/s',电工下滑1.5s[知]时的速度为=a14[嘛]-号×1.5m/s[答]=4m/s,对匀加[案]速下滑的电工受力分[网]析，由牛顿第二定律[文]可得mg-万=ma[章]1,电工匀加速下滑[来]时所受摩擦力万=m[自](g一a)=60×[知](10-8)N=4[嘛]40N,A、B错误[答]；电工匀减速下滑的[案]位移x2x一=7一[网]3m=4m,将电工[文]的匀减速当成逆过程[章]的匀加速可得坛=2[来]a,电工匀减速下滑[自]的加速度大小2一一[知]8m/3,方向竖查[嘛]向上.C正确；将电[答]工的匀减速当成逆过[案]程的匀加速可得=令[网]店，电工匀减速下滑[文]的时间一√要-2s[章],电工完成全程所需[来]的故时间6十一3.[自]5s,D正确
