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14.(10分)([文]1)b(2分)(2[章])c(2分)B(2[来]分)(3)d(2分[自])6.0(2分)【[知]考查点】本题考查伏[嘛]安法测电阻实验。【[答]解析】(1)由题图[案]可知，滑动变阻器以[网]限流式串联在电路中[文]，当开关闭合前，为[章]了保护电路，滑动变[来]阻器的滑片应位于接[自]入阻值最大处，所以[知]滑片P应滑到b端。[嘛](2)因为电压表和[答]电流表都不是理想电[案]表，在连接电表时，[网]为了减小误差，应该[文]合理的用内外接法，[章]电流表内接时，电流[来]表内阻串联分压会造[自]成实验误差，分压比[知]为%尽一门电流表外[嘛]接时，电压表尺3O[答]00:根据比例关系[案]，电流表分压的比例[网]要远大于电压表分流[文]的比例，所以应该I[章]y R,10联分流会造[来]成实验误差，分流比[自]为避免电流表分压，[知]选择电流表外接，实[嘛]验更准确；实物图中[答]，单刀双掷开关拨向[案]℃时，电流表外接。[网]由于电压表会分流，[文]会引【点拨】也可以[章]根据“大内小外”的[来]原则，比较待测电阻[自]R,与√RA·R,[知]的大小关系来选择电[嘛]流表的接法。起实验[答]误差，B正确。(3[案])在电流表内阻已知[网]的情况下，可以通过[文]计算来消除由于电流[章]表分压带来的误差，[来]所以应选择电流U,[自]+U表内接法，将S[知],拨向d。电压表测[嘛]的是待测电阻和电流[答]表共同的电压，所以[案]0，+U,=2.3[网]7V，A=R,+R[文]A。代入数据可以解[章]得，R约为5.98[来]2，取两位有效数字[自]为6.02。
7.A【考查点】本[知]题考查牛顿第二定律[嘛]。【解析】初始时物[答]块P静止在水平桌面[案]上，所以物块Q也静[网]止，设轻绳拉力为T[文],T-mg=0,当[章]推力F存在时，绳子[来]拉力1127=2m[自]Q8,对物块Q受力[知]分析，由牛顿第二定[嘛]律得mog-T'=moa,解得a=[答])g,对物块P受力[案]分析，由牛顿第二T[网]'=。T=-F+T'-mpg=mpa,[文]代入数据解得F=4[章].0N,A正确。
